给一组 N 枚邮票的面值集合（如，{1 分，3 分}）和一个上限 K —— 表示信封上能够贴 K 张邮票。计算从 1 到 M 的最大连续可贴出的邮资。
例如，假设有 1 分和 3 分的邮票；你最多可以贴 5 张邮票。很容易贴出 1 到 5 分的邮资（用 1 分邮票贴就行了），接下来的邮资也不难：
6 = 3 + 3
7 = 3 + 3 + 1
8 = 3 + 3 + 1 + 1
9 = 3 + 3 + 3
10 = 3 + 3 + 3 + 1
11 = 3 + 3 + 3 + 1 + 1
12 = 3 + 3 + 3 + 3
13 = 3 + 3 + 3 + 3 + 1
然而，使用 5 枚 1 分或者 3 分的邮票根本不可能贴出 14 分的邮资。因此，对于这两种邮票的集合和上限 K=5，答案是 M=13。 [规模最大的一个点的时限是3s]
小提示:因为14贴不出来,所以最高上限是13而不是15
第 1 行： 两个整数，K 和 N。K（1 <= K <= 200）是可用的邮票总数。N（1 <= N <= 50）是邮票面值的数量。
第 2 行 .. 文件末： N 个整数，每行 15 个，列出所有的 N 个邮票的面值，每张邮票的面值不超过 10000。
第 1 行：一个整数，从 1 分开始连续的可用集合中不多于 K 张邮票贴出的邮资数。
题目翻译来自NOCOW。
USACO Training Section 3.1
这题虽然也是完全背包问题，但是比总分那题难想。直接选择题目所求作为f[i]是不行的。f[i]为要达成i面值所需要的最少邮票个数。这样状态转移方程就是：f[j] = min( f[j], f[j - a] + 1 );，也就是如果选择面值为a可以减少张数就选择a，否则不选a。
1 #include <iostream> 2 #include <stdio.h> 3 #include <math.h> 4 #include <algorithm> 5 #include <string.h> 6 7 using namespace std; 8 9 const int MAXN = 2000005; 10 int a, n, k, f[MAXN]; 11 12 int main() 13 { 14 cin >> k >> n; 15 for ( int i = 0; i < MAXN; i++ ) 16 { 17 f[i] = 1111111; 18 } 19 f[0] = 0; 20 for ( int i = 1; i <= n; i++ ) 21 { 22 cin >> a; 23 for ( int j = a; j <= MAXN; j++ ) 24 { 25 if ( f[j - a] + 1 <= k ) /* 用的邮票数目在范围内 */ 26 { 27 f[j] = min( f[j], f[j - a] + 1 ); 28 } 29 } 30 } 31 for ( int i = 1; i < MAXN; i++ ) 32 { 33 if ( f[i] == 1111111 ) 34 { 35 cout << i - 1 << endl; 36 break; 37 } 38 } 39 return(0); 40 }
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